第2节　 孟德尔的豌豆杂交实验(二).

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1 第2节　 孟德尔的豌豆杂交实验(二)

2 知识精要 不同对性状 9∶3∶3∶1　

3 两对遗传因子　 分离 自由组合 随机结合　 双隐性

4 互不干扰 彼此分离 自由组合 两对(或两对以上) 非等位基因 互不干扰 单因素 多因素 测交

5 考点诠解 一、两对相对性状的遗传实验分析及有关结论 1．实验分析

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7 2．有关结论 (1)豌豆的黄与绿、圆与皱这两对相对性状由两对等位基因控制，这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。 (2)F1为“双杂合”个体，基因型是YyRr，表现型是黄圆。

8 (3)F2共有16种组合，9种基因型，4种表现型。

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10 【典例1】孟德尔将纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆杂交，并将F1黄色圆粒自交得到F2。为了查明F2的基因型及比例，他将F2中的黄色圆粒豌豆自交，预计后代不发生性状分离的个体占F2黄色圆粒的比例为(　　) A．1/9　　　B．1/16　　　C．4/16　　　D．9/16 答案：A

11 解析：本题考查基因自由组合定律的应用以及理解能力、应用能力和分析判断能力等。根据基因自由组合定律，可知两纯种亲本杂交所得F1黄色圆粒豌豆均为双杂合子(YyRr)，其自交所得F2中的黄色圆粒豌豆的基因型及比例为1YYRR∶2YYRr∶2YyRR∶4YyRr。若让这些豌豆再自交，只有纯合子自交后代不会发生性状分离，这样的个体的基因型为YYRR，占F2黄色圆粒豌豆的比例为1/9。即正确的选项为A。

12 方法技巧：解决一般基因自由组合问题的方法：①熟记两对相对性状遗传9种基因型，4种表现型的类型及比例。②看清题目的要求直接就能迅速作答。

13 变式训练1－1 让独立遗传的黄色非甜玉米YYSS与白色甜玉米yyss杂交，F2中得到白色甜玉米80株，那么从理论上来说F2中表现型不同于双亲的杂合子植株约为(　　) A．160株 B．240株 C．320株 D．480株 答案：C

14 解析：根据自由组合定律实验分析，F2中不同于双亲的重组类型占3/16＋3/16，其中杂合植株占4/16，双隐性(白色甜玉米)占1/16(80株)，所以重组杂合植株占4×80＝320(株)。

15 二、对基因自由组合定律的理解 1．实质：在生物体进行减数分裂形成配子时，同源染色体上的等位基因彼此分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 2．F1产生配子过程

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17 3．F1(YyRr)产生配子的类型 可能产生配子 实际产生配子 一个精原 细胞 4种 2种(YR和yr或Yr和yR) 一个卵原 1种(YR或Yr或yR或yr) 一个雄性 个体 4种(YR、yr、Yr、yR) 一个雌性

18 4.适用条件 真核生物有性生殖，两对或两对以上位于非同源染色体上的非等位基因的遗传。

19 【典例2】(2009·启东模拟)豌豆子叶黄色(B)对绿色(b)为显性，种皮灰色(A)对白色(a)为显性，图1中甲、乙、丙、丁分别表示四株豌豆体细胞中染色体和基因的组成。据图回答：

20 图1

21 (1)若甲豌豆一个花粉母细胞经减数分裂产生一个基因型为Ab的花粉，则同时产生的另三个花粉基因型分别是____________________。 (2)上述哪两株豌豆杂交，后代表现型比为3∶1？____________________。 Ab、aB、aB　 甲×乙

22 (3)若从图1中任选一个亲本，让其分别与图中另外两个亲本杂交，它们的杂交后代有相同的表现型，且分离比都是1∶1。则这一亲本及其组合方式应是__________、 __________________________。 乙×丙　 乙×丁(或丙×乙　丙×甲)

23 (4)现由图1中一种豌豆与另一豌豆进行杂交实验，发现后代(F1)出现四种表现型，对性状的统计结果如图2。则所用图1中的豌豆是__________，在杂交后代F1中，表现型与双亲不同的个体所占的比例是__________。F1中子叶黄色、种皮灰色豌豆的基因型是_________________，若让F1中子叶黄色、种皮灰色豌豆与子叶绿色、种皮白色豌豆杂交，则F2中纯合子所占的比例为__________。 甲和丁 1/4 AABb和AaBb 1/6

24 图2

25 解析：由图示可知，基因型为AaBb的生物个体产生四种配子。但经一次减数分裂一共产生了两两相同的两种配子。其中一个花粉粒的基因型为Ab，则另三个花粉粒的基因型依次为Ab、aB、aB。当甲和乙杂交时，由于Aa×AA产生的生物个体表现型只有一种，而Bb×Bb的后代表现型有两种，且比例为3∶1。

26 根据分离定律，后代为1∶1的表现型时，其亲代为测交情况，即Aa×aa或Bb×bb。性状分离比为1∶1，则对应的等位基因只能有一种表现型，此时乙和丙、乙与丁，杂交可产生符合题意条件的后代个体。子代灰色种皮∶白色种皮＝3∶1，其杂交类型为Bb×Bb。黄色子叶∶绿色子叶＝1∶1，其杂交类型为Aa×aa，则亲本的基因型为AaBb×Aabb，为图中豌豆甲和丁，其子代中与亲代性状不同的概率＝ ，并且子代中子叶黄色、种皮灰色的基因型为AABb或AaBb而不能为AABB，这是由于亲代中并不是两个亲本都含有B基因。

27 在F1中的子叶黄色、种皮灰色豌豆与子叶绿色、种皮白色豌豆杂交时，其遗传图解为下图。

28 因为F1中的AaBb(子叶黄色、种皮灰色)占该性状的 ，所以与子叶绿色、种皮白色豌豆(aabb)杂交后，F2中纯合子所占比例为 ，F1中的AABb(子叶黄、种皮灰)在该次杂交中后代无纯合子。

29 变式训练2－1 下图中，能够体现基因自由组合定律的是( )
变式训练2－1 下图中，能够体现基因自由组合定律的是(　　) 答案：C

30 解析：自由组合定律的实质是减数分裂产生配子时，等位基因随同源染色体分开而分离，非同源染色体上的非等位基因随着非同源染色体的组合而组合，发生的时期是减数第一次分裂后期，只有C属于减数第一次分裂后期，同源染色体分离，非同源染色体自由组合。

31 三、基因分离定律与自由组合定律的区别与联系

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35 　【典例3】下列有关基因分离定律和基因自由组合定律的说法错误的是(　　) A．二者具有相同的细胞学基础 B．二者揭示的都是生物细胞核遗传物质的遗传规律 C．在生物性状遗传中，两规律同时进行，同时起作用 D．基因分离定律是基因自由组合定律的基础 答案：A

36 解析：基因分离定律的细胞学基础是同源染色体分离，导致等位基因分离，分别进入不同的配子；基因自由组合定律的细胞学基础是同源染色体分离、非同源染色体自由组合，导致非同源染色体上的非等位基因自由组合。

37 变式训练3－1 (2009·厦门模拟)研究基因遗传规律的主要方法是(　　) A．通过研究性状的遗传推知 B．通过理论分析总结 C．用显微镜观察 D．通过测交实验总结

38 解析：研究基因的遗传规律主要通过研究性状的遗传现象推测出相应的规律，再由测交等实验加以验证，只通过理论分析和显微镜观察是不够的。

39 四、应用分离定律解决自由组合问题 1．思路 将自由组合问题转化为若干个分离定律问题 在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律，如AaBb×Aabb可分解为如下两个分离定律：Aa×Aa、Bb×bb。

40 2．题型 (1)配子类型的问题 例证1：AaBbCc产生的配子种类数 Aa Bb Cc ↓ ↓ ↓ 2 × 2 ×2＝8种

41 例证2：AaBbCc与AaBbCC杂交过程中，配子间的结合方式 ①先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。 AaBbCc→8种配子，AaBbCC→4种配子 ②再求两亲本配子间的结合方式。由于两性配子间结合是随机的，因而AaBbCc与AaBbCC配子间有8×4＝32(种)结合方式。

42 (2)基因型类型的问题 如AaBbCc与AaBBCc杂交，其后代的基因型数 可分解为三个分离定律： Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)； Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)； Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)。 因而AaBbCc×AaBBCc后代中有3×2×3＝18(种)基因型。具体子代基因型可用分枝法表示为：

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46 (3)表现型类型的问题 如AaBbCc×AabbCc，其杂交后代可能的表现型数可分为三个分离定律： Aa×Aa→后代有2种表现型； Bb×bb→后代有2种表现型； Cc×Cc→后代有2种表现型。 所以AaBbCc×AabbCc，后代中有2×2×2＝8(种)表现型。

47 【典例4】若基因型为AaBbCCDDee的个体与基因型为AABbCcDDEe的个体交配，在子代中纯合子的比例应是( )

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49 变式训练4－1 (2009·福建模拟)现有AaBb与aaBb两个体杂交(按自由组合定律遗传)，判断其子一代的表现型和基因型各多少种(　　) A．2种表现型、6种基因型 B．4种表现型、9种基因型 C．2种表现型、4种基因型 D．4种表现型、6种基因型 答案：D

50 解析：由题意可知，本题考查两对相对性状的遗传。根据基因的自由组合定律，两对相对性状的遗传，表现型：Aa×aa→2种，Bb×Bb→2种，共2×2＝4种；基因型：Aa×aa→2种，Bb×Bb→3种，共2×3＝6种，因此选D。

51 变式训练4－2 人类并指(D)为显性遗传病，白化病(a)是一种隐性遗传病，已知控制这两种疾病的基因都在常染色体上，而且是独立遗传。一个家庭中，父亲并指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，如果他们再生一个孩子，则：

52 (1)这个孩子表现正常的可能性是多少？ (2)这个孩子只患一种病的可能性是多少？ (3)这个孩子同时患有两种遗传病的可能性是多少？ (4)这个孩子患病的可能性是多少？

53 解析：由题干可获取的主要信息有该家庭中，父亲的基因型为A－D－，母亲的基因型为A－dd，孩子的基因型为aadd。解答本题首先要确定双亲的基因型，然后根据遗传规律对后代情况作出分析判断。 根据双亲及孩子的表现型，可推导出双亲的基因型分别为：父AaDd，母Aadd。因此他们再生下一个孩子，患病的概率为只患一种病的概率＋同时患有两种病的概率＝患并指的概率＋患白化病的概率－同时患两种病的概率。

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55 方法技巧：自由组合问题求概率时，可首先采用分析法，再用分步计数原理和分类计数原理来解答。如本题就可用简捷的“十字相乘法”。 把两种病分开考虑，列出每种患病和正常的概率，然后十字相乘，各种情况就会一目了然。

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57 拓展：此类问题教师还可引导学生用集合法求解。

58 热点突破 1．(2009·江苏生物，10)已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是(　　) A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16 B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16 C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1/8 D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16 答案：D

59 解析：三对基因按自由组合定律遗传，其中每对基因的遗传仍遵循分离定律，故Aa×Aa杂交后代表现型有两种，其中aa出现的概率为1/4；Bb×bb后代表现型有两种，其中Bb出现的概率为1/2；Cc×Cc后代表现型有两种，其中Cc出现的概率为1/2，所以AaBbCc×AabbCc两个体后代表现型有2×2×2＝8种，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16。

60 2．(2009·宁夏理综，6)已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2植株自交收获种子数量相等，且F3的表现型符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为(　　) A．1/4　　　　B．1/6　　　　C．1/8　　　　D．1/16 答案：B

61 解析：红花对白花为显性，F1的基因型可以用Aa表示，F1自交得到的F2中，红花基因型有两种AA∶Aa＝1∶2，自交得到的F3中，白花aa出现的概率为1/4×2/3＝1/6。

62 3．(2009·广东理基，44)基因A、a和基因B、b分别位于不同的同源染色体上，一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为1∶1，则这个亲本基因型为(　　) A．AABb B．AaBb C．AAbb D．AaBB 答案：A 解析：由子代AaBb∶Aabb＝1∶1，测交亲本产生的配子为AB、Ab，则亲本为AABb。

63 4．(2009·全国Ⅰ，5)已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传。用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，在F2植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律。从理论上讲F3中表现感病植株的比例为(　　) A．1/8 B．3/8 C．1/16 D．3/16 答案：B

64 解析：设控制小麦抗病和感病、无芒和有芒的基因分别为A、a和B、b。由题意知：F2植株中有9/16抗病无芒(A_B_)、3/16抗病有芒(A_bb)、3/16感病无芒(aaB_)和1/16感病有芒(aabb)四种表现型。因对F2中的有芒植株在开花前进行了清除，并对剩余植株3/4抗病无芒(A_B_)、1/4感病无芒(aaB_)进行套袋自交。在抗病无芒中AAB_∶AaB_＝1∶2，故F3中感病植株比例为：3/4×2/3×1/4＋1/4＝3/8。

65 5．(2009·上海生物，4)基因型为AaBBccDD的二倍体生物，可产生不同基因型的配子种类数是( ) A．2 B．4 C．8 D．16

66 6．(2009·上海生物，29)小麦的粒色受不连锁的两对基因R1和r1、R2和r2控制。R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r不完全显性，并有累加效应，所以麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1自交得F2，则F2的表现型有(　　) A．4种 B．5种 C．9种 D．10种 答案：B

67 解析：由题意可知F1的基因型为R1r1R2r2，麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深，所以表现型与R的数目有关。F1自交产生F2的R数目有如下五种可能：4个R,3个R,2个R,1个R,0个R，所以F2表现型为5种。

68 7．(2009·福建理综，27)某种牧草体内形成氰的途径为：前体物质→产氰糖苷→氰。基因A控制前体物质生成产氰糖苷，基因B控制产氰糖苷生成氰。表现型与基因型之间对应关系如下表：
有氰 有产氰糖苷、无氰 无产氰糖苷、无氰 基因型 A_B_(A和B同时存在) A_bb(A存在，B不存在) aaB_或aabb(A不存在)

69 (1)在有氰牧草(AABB)后代中出现的突变型个体(AAbb)因缺乏相应的酶而表现无氰性状，如果基因b与B的转录产物之间只有一个密码子的碱基序列不同，则翻译至mRNA的该位点时发生的变化可能是编码的氨基酸___________________，或者是_____________________________。 (种类)不同　 合成终止(或翻译终止)

70 (2)与氰形成有关的两对基因自由组合。若两个无氰的亲本杂交，F1均表现为有氰，则F1与基因型为aabb的个体杂交，子代的表现型及比例为________。 (3)高茎与矮茎分别由基因E、e控制。亲本甲(AABBEE)和亲本乙(aabbee)杂交，F1均表现为有氰、高茎。假设三对等位基因自由组合，则F2中能稳定遗传的无氰、高茎个体占________。 答案： (2) 有氰∶无氰＝1∶3(或有氰∶有产氰糖苷、无氰∶无产氰糖苷、无氰＝1∶1∶2)　(3)3/64

71 (4)以有氰、高茎与无氰、矮茎两个能稳定遗传的牧草为亲本，通过杂交育种，可能无法获得既无氰也无产氰糖苷的高茎牧草。请以遗传图解简要说明。

72 解析：分析图表，可以得到如下流程图：

73 (1)密码子改变有三种情况，第一种情况是决定的氨基酸改变成另一种氨基酸，第二种情况是改变成不决定氨基酸的终止密码子，第三种情况是所决定的氨基酸不变，性状不变。

74 (2)由题意可知，F1的基因型为AaBb，两亲本基因型为AAbb和aaBB。F1与aabb杂交，后代中AaBb占1/4，能产氰，其余的三种基因型都不能产氰。 (3)先分析有氰和无氰这一对相对性状，在F2中能稳定遗传的无氰个体占3/16；再分析高茎和矮茎这一对相对性状，F2中能稳定遗传的高茎占1/4，故F2中能稳定遗传的无氰、高茎个体占3/16×1/4＝3/64。

75 (4)有氰、高茎亲本的基因型为AABBEE，无氰、矮茎的基因型为AAbbee，F1代基因型为AABbEe。既无氰也无产氰糖苷的高茎牧草的基因型为aaB_E_或aabbE_，通过F1代自交无法获得这两种基因型的个体。

76 8．(2009·安徽理综，31)某种野生植物有紫花和白花两种表现型，已知紫花形成的生物化学途径是：

77 A和a、B和b是分别位于两对染色体上的等位基因，A对a、B对b为显性。基因型不同的两白花植株杂交，F1紫花∶白花＝1∶1。若将F1紫花植株自交，所得F2植株中紫花∶白花＝9∶7。

78 请回答： (1)从紫花形成的途径可知，紫花性状是由________对基因控制。 (2)根据F1紫花植株自交的结果，可以推测F1紫花植株的基因型是________，其自交所得F2中，白花植株纯合体的基因型是___________________________。 两 AaBb aaBB、AAbb、aabb

79 (3)推测两亲本白花植株的杂交组合(基因型)是_______________或___________________；用遗传图解表示两亲本白花植株杂交的过程(只要求写一组)。 (4)紫花形成的生物化学途径中，若中间产物是红色(形成红花)，那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为________________。 Aabb×aaBB AAbb×aaBb

80 答案： 遗传图解(只要求写一组)

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83 解析：根据图示可知，紫花可能的基因型为A_B_，白花可能的基因型为其余的所有基因型，基因型不同的两白色花杂交，后代出现了紫花，说明A和B存在于两个亲本中，即A_bb、aaB_，所以后代紫花个体基因型为AaBb，AaBb自交后代中，A_B_占9/16，其余占7/16；只出现中间产物的基因型特点是A_bb，占3/16。

84 实验设计专题研究系列之(十七) 探究或验证自由组合定律的思路方法 探究性实验是指实验者在不知晓实验结果的前提下，通过自己实验、探究、分析、研究得出结论，从而形成科学概念的一种认知活动。验证性实验是指实验者针对已知的实验结果而进行的以验证实验结果、巩固和加强有关知识内容、培养实验操作能力为目的的重复性实验。

85 在实验结果预测上，探究性实验要对应假设，分类讨论。一般需讨论“如果出现结果①会怎样，如果出现结果②或③又会怎样”，一般有多种可能的结果。但有时也会出现“预测最可能的结果”的问题，此种情况应根据已有知识推测最合理的结果。而验证性实验结果的预测只需考虑与实验假设一致的情况。

86 实战演练 实验室中现有一批未交配过的纯种长翅灰体和残翅黑檀体的果蝇。已知长翅和残翅这对相对性状受一对位于第Ⅱ号同源染色体上的等位基因控制。现欲利用以上两种果蝇研究有关果蝇灰体与黑檀体性状的遗传特点(说明：控制果蝇灰体和黑檀体的基因在常染色体上，所有果蝇均能正常繁殖存活)。

87 请设计一套杂交方案，同时研究以下两个问题：问题一，研究果蝇灰体、黑檀体是否由一对等位基因控制，并作出判断。问题二，研究控制灰体、黑檀体的等位基因是否也位于第Ⅱ号同源染色体上，并作出判断。

88 (1)杂交方案：____________________________。
答案：(1)长翅灰体×残翅黑檀体→F1雌、雄果蝇杂交F2

89 (2)对问题一的推断及结论：__________________。
答案∶(2)如果F2出现性状分离，且灰体与黑檀体果蝇数之比为3∶1，即性状分离比为3∶1，符合孟德尔分离定律，则控制灰体和黑檀体的基因是由一对等位基因控制。反之，则不是由一对等位基因控制　

90 (3)对问题二的推断及结论：___________________________。
答案：(3)如果F2出现四种性状，其性状分离比为9∶3∶3∶1，说明符合基因的自由组合定律，因此控制灰体、黑檀体的这对等位基因不是位于第Ⅱ号同源染色体上。反之，则可能是位于第Ⅱ号同源染色体上

91 高 效 作 业 1．紫种皮、厚壳与红种皮、薄壳的花生杂交，F1全是紫种皮、厚壳花生。F1自交，F2中杂合的紫种皮、薄壳花生有3 966株。由此可知，F2中纯合的红种皮、厚壳花生约为(　　) A．1 322株　　　　　　 B．1 983株 C．3 966株 D．7 932株 答案：B

92 解析：亲代紫种皮、厚壳与红种皮、薄壳的花生的基因型分别是AABB、aabb，F1紫种皮、厚壳花生的基因型是AaBb。则F2中杂合的紫种皮、薄壳花生的基因型为Aabb，其系数为2，F2中纯合的红种皮、厚壳花生的基因型为aaBB，其系数为1。由两者的比例关系可计算得F2中纯合的红种皮、厚壳花生约为3 966× ＝1 983(株)。 方法技巧：(1)根据表现型要求准确写出相应的基因型；(2)熟练掌握两对相对性状的亲本杂交，F2基因型的系数2n，其中n为等位基因的对数。如F2中基因型的系数相应为：1(20)AABB、2(21)AaBB、2(21)AABb、4(22)AaBb等。

93 2．某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，黑色(C)对白色(c)为显性(这两对基因独立遗传)。基因型为BbCc的个体与“个体X”交配，子代的表现型有：直毛黑色、卷毛黑色、直毛白色和卷毛白色，它们之间的比为3∶3∶1∶1。“个体X”的基因型为(　　) A．BbCC B．BbCc C．bbCc D．Bbcc 答案：C

94 解析：本题是由子代推知亲代。由于子代有卷毛白色的双隐性个体，故“个体X”至少含有一个b和一个c。根据给出的亲本的基因型BbCc和基因的分离定律可知，直毛∶卷毛＝1∶1，说明该对基因相当于测交，即Bb×bb。黑色∶白色＝3∶1，相当于F1自交，即Cc×Cc，故“个体X”的基因型是bbCc。

95 3．AABBDDEE与aaBBddee杂交(各对基因独立遗传)，F2中不同于亲本的类型且能稳定遗传的个体占总数的( )

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97 4．已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性。控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，F2理论上为(　　) A．12种表现型 B．高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩为15∶1 C．红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩为9∶3∶3∶1 D．红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为8∶1 答案：C

98 解析：设亲代的基因型为AABBcc(红花高茎子粒皱缩)和aabbCC(白花矮茎子粒饱满)，则F1为AaBbCc，F1自交所得F2中，表现型应为23种，即8种，故A项错误。只考虑茎的高度和子粒两对相对性状时，F2中高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩＝(3/4×3/4)∶(1/4×1/4)＝9∶1，故B项错误。只考虑花色和子粒两对相对性状时，F2中红花子粒饱满：红花子粒皱缩：白花子粒饱满∶白花子粒皱缩＝(3/4×3/4)∶(3/4×1/4)∶(1/4×3/4)∶(1/4×1/4)＝9∶3∶3∶1，故C项正确。三对相对性状同时考虑时，F2中红花高茎子粒饱满：白花矮茎子粒皱缩＝(3/4×3/4×3/4)∶(1/4×1/4×1/4)＝27∶1，故D项错误。

99 5．已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合的黄色非甜玉米与红色甜玉米杂交得到F1，F1自交或测交，预期结果不正确的是(　　) A．自交结果中黄色非甜与红色甜比例为9∶1 B．自交结果中黄色与红色比例为3∶1，非甜与甜比例为3∶1 C．测交结果为红色甜∶黄色非甜∶红色非甜：黄色甜为9∶3∶3∶1 D．测交结果为红色与黄色比例1∶1，甜与非甜比例 1∶1 答案：C

100 解析：据题干信息可知，F1自交后代的表现型有四种：黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜，比例为9∶3∶3∶1，其中黄色非甜∶红色甜为9∶1。F1测交后代的表现型也有四种：黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜，比例为1∶1∶1∶1(不能与F2的四种表现型的比例相混淆)，其中红色∶黄色为1∶1，甜∶非甜也是1∶1。

101 6．水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，这两对基因位于不同对的染色体上。将一株高秆抗病的植株(甲)与另一株高秆易感病的植株(乙)杂交，结果如下图所示。下面有关叙述，哪一项是正确的(　　)

102 A．如只研究茎高度的遗传，图示表现型为高秆的个体中，纯合子的概率为1/2 B．甲乙两植株杂交产生的子代有6种基因型，4种表现型 C．对甲植株进行测交，可得到稳定遗传的矮秆抗病个体 D．以乙植株为材料，通过单倍体育种可得到符合生产要求的植株占1/4 答案：B

103 解析：据题图可推知甲、乙的基因型分别为DdRr、Ddrr。后代共有6种基因型：DDrr、DDRr、DdRr、Ddrr、ddRr、ddrr，表现型有4种：高抗∶高感∶矮抗∶矮感＝3∶3∶1∶1。

104 7．下图表示人类某遗传病的系谱图。假设3号与一正常男性婚配，生了一个既患该病又患苯丙酮尿症(两种病独立遗传)的儿子，预测他们生一个同时患两种病的女儿的概率是(　　) A．1/16 B．3/16 C．2/3 D．1/3 答案：A

105 解析：首先判断该遗传病为常染色体隐性遗传病，设由a控制；苯丙酮尿症也是常染色体隐性遗传病，设由b控制。则据题意3号基因型为aaBb，正常男性基因型为AaBb，则他们生同时患两种病孩子的概率为1/2(aa)×1/4(bb)＝1/8。故他们生一个同时患两种病女儿的概率是1/8×1/2＝1/16。

106 归纳总结：患病男孩(女孩)与男孩(女孩)患病(基因在常染色体上的情况)，以男孩的为例： (1)男孩患病概率＝患病男孩/所有男孩＝(1/2×所有患病)/(1/2×所有后代)＝(所有患病)/(所有后代)＝患病孩子概率。 (2)患病男孩概率：患病男孩/所有后代＝(1/2×所有患病)/所有后代＝1/2×患病孩子概率。

107 8．基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对等位基因分别位于三对非同源染色体上，F1杂种形成的配子种类数和F2的基因型种类数分别是(　　) A．4和9 B．4和27 C．8和27 D．32和81 答案：C

108 解析：本题主要考查考生对基因自由组合定律的理解。基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，F1基因型为AaBbCc；根据分步计数原理，F1杂种形成的配子种类数为2×2×2＝8，F2的基因型种类数为3×3×3＝27。

109 9．两对基因(A、a和B、b)位于非同源染色体上，基因型为AaBb的植株自交，产生后代的纯合体中与亲本表现型相同的概率是( ) A．3/4
9．两对基因(A、a和B、b)位于非同源染色体上，基因型为AaBb的植株自交，产生后代的纯合体中与亲本表现型相同的概率是(　　) A．3/4 B．1/4 C．3/16 D．1/16 答案：B 解析：基因型为AaBb的植株自交，后代有4种表现型不同的纯合体，与亲本(AaBb)表现型相同的概率为1/4。

110 10．某种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a为显性，短尾基因B对长尾基因b为显性。且基因A或b在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因位于非同源染色体上。现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代中杂合子所占的比例为(　　) A．1/4 B．3/4 C．1/9 D．8/9 答案：D

111 解析：根据题意可知两只亲本的基因型都是AaBb，其自交后代中，凡含AA或bb的个体均死亡，统计余下的个体的表现型及比例即可。简便方法：分别考虑Aa、Bb的自交，结果是1AA∶2Aa∶1aa和1BB∶2Bb∶1bb，由于AA或bb个体致死，则把2Aa∶1aa和1BB∶2Bb“自由组合”即可。

112 11．蚕的黄色茧(Y)对白色茧(y)是显性，抑制黄色出现的基因(I)对黄色出现的基因(i)是显性。现用杂合白色茧(IiYy)蚕相互交配，后代中白色茧对黄色茧的分离比是(　　) A．3∶1 B．13∶3 C．1∶1 D．15∶1 答案：B

113 解析：由题干可知，要表现黄色必须具有Y，同时不能具有基因Ⅰ，即凡含基因Ⅰ，均表现为白色，不含基因Y也表现为白色。

114 12．人类的皮肤含有黑色素，黑人含量最多，白人含量最少。皮肤中黑色素的多少，由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制；显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。若一纯种黑人与一纯种白人婚配，后代肤色为黑白中间色；如果该后代与同基因型的异性婚配，其子代可能出现的基因型种类和不同表现型的比例为(　　) A．3种，3∶1 B．3种，1∶2∶1 C．9种，9∶3∶3∶1 D．9种，1∶4∶6∶4∶1 答案：D

115 解析：根据题中条件可知，纯种黑人与纯种白人婚配后，后代的基因型为AaBb，那么与同基因型的人婚配后的基因型种类为9种，分别为AABB(1/16)、AaBB(2/16)、AaBb(4/16)、AAbb(1/16)、Aabb(2/16)、aaBB(1/16)、aaBb(2/16)、aabb(1/16)、AABb(2/16)。根据题中显隐性关系，表现型相同的有AaBB(2/16)与AABb(2/16)；AAbb(1/16)、aaBB(1/16)与AaBb(4/16)；Aabb(2/16)与aaBb(2/16)；还有AABB(1/16)和aabb(1/16)两种表现型，因此应该有5种表现型，其比例为1∶4∶6∶4∶1。

116 13．(2008·威海3月)番茄高茎(T)对矮茎(t)为显性，圆形果实(S)对梨形果实(s)为显性(这两对基因分别位于非同源染色体上)。现将两个纯合亲本杂交后得到的F1与表现型为高茎梨形果的植株杂交，其杂交后代的性状及植株数分别为高茎圆形果120株，高茎梨形果128株，矮茎圆形果42株，矮茎梨形果38株。则杂交组合的两个亲本的基因型可能是(　　) A．TTSS×ttSS B．TTss×TTSS C．TTss×ttss D．TTss×ttSS 答案：D

117 解析：高茎梨形果的基因型为T－ss，当它与F1杂交时，后代高茎∶矮茎为(120＋128)∶(48＋38)＝3∶1，说明F1和高茎梨形果的有关高度的基因均为Tt；圆形果：梨形果为(120＋42)∶(128＋38)＝1∶1，说明F1和高茎梨形果有关果形的基因分别为Ss和ss(已知高茎梨形果为ss)，故F1的基因型为TtSs，则双亲的基因型应为TTSS×ttss或TTss×ttSS。

118 14．(2009·山东潍坊3月)基因的自由组合定律发生于下图哪个过程( ) A．① B．② C．③ D．④
解析：基因自由组合发生在通过减数分裂产生配子的①过程中。

119 15．(2009·广州4月)人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因分别位于两对常染色体上。下列有关说法，不正确的是(　　) A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子 B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子 C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的几率为7/16 D．耳聋夫妇可以生下基因为DdEe的孩子 答案：B

120 解析：听觉正常与否受两对等位其因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表现型如下表：
性状 听觉正常 听觉不正常(耳聋) 基因型 D_E_ D_ee　ddE_　ddee 夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee)有可能生下听觉正常的孩子。双方一方只有耳蜗管正常(D_ee)，另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子。夫妇双方基因型均为D_E_，后代中听觉正常的占9/16，耳聋占7/16。基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇，有可能生下基因型为(D_E_)听觉正常的孩子。

121 16．某植物的花色由两对自由组合的基因决定。显性基因A和B同时存在时，植株开紫花，其他情况开白花。请回答： 开紫花植株的基因型有__________种，其中基因型是__________的紫花植株自交，子代表现为紫花植株∶白花植株＝9∶7。基因型为__________和__________的紫花植株各自自交，子代表现为紫花植株∶白花植株＝3∶1。基因型为______________的紫花植株自交，子代全部表现为紫花植株。　　　 4 AaBb AaBB AABb AABB

122 解析：由题意可知，A－B－开紫花，其他都是开白花。故开紫花的基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb四种情况。基因型为AaBb的植株自交，产生A－B－、A－bb、aaB－、aabb的比例为9∶3∶3∶1，开紫花和白花的比例为9∶7；基因型为AaBB的植株自交，产生A－BB和aaBB的比例为3∶1，同理，基因型为AABb的植株自交，产生AAB－和AAbb的比例为3∶1，子代表现为紫花植株∶白花植株＝3∶1。基因型为AABB的植株自交后代全部是AABB，表现为紫花植株。

123 17．(2009·江苏百校样本分析)狗皮毛的颜色受两对常染色体上的等位基因A、a与B、b(分别位于两对同源染色体上)控制，表现型有三种：沙色、红色和白色。经观察绘得系谱图如下，请分析回答：(1号、2号为纯合子)

124 (1)以上图示性状遗传遵循孟德尔的什么遗传定律？________________________________________。 (2)1号和2号的基因型是_____________________。 (3)6号和7号的后代出现三种表现型的根本原因是 ____________________________________________________。 其比例为_________________________________。 (4)若已知8号不带有B基因，则15号的基因型为________。若12号与一白色雌狗交配，则生出沙色狗的概率为________。 基因的自由组合定律(和分离定律) aaBB、AAbb 等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合 红色∶沙色∶白色＝9∶6∶1 Aabb　 2/3

125 解析：图示性状由两对等位基因控制，符合基因的自由组合定律。1号和2号的后代为A_B_，所以，1号和2号的基因型为aaBB、AAbb。6号和7号的基因型分别是AaBb和AaBb，根据基因的分离和自由组合定律，后代中9种基因型比例为9A_B∶3A_bb∶3aaB_∶1aabb,3种表现型比 例为9∶6∶1。8号不带有B基因，基因型是A_bb,9号基因型是aabb，则15号的基因型是Aabb,12号基因为1/2(1/3AAbb、2/3Aabb)和1/2(1/3aaBB、2/3aaBb)，其产生的配子中有1/3Ab、1/3ab、1/3aB，所以，该个体与白色个体交配，后代中沙色狗的概率为1/3＋1/3＝2/3。

126 18．(2010·北京市海淀区高三年级第一学期期末练习)(10分)玉米紫冠(A)对非紫冠(a)、非糯(B)对糯(b)、非甜(D)对甜(d)有完全显性作用。以紫冠非糯非甜玉米为母本，非紫冠糯甜玉米为父本进行有性杂交，得到F1代植株。对F1进行自交和测交，得到8个自交穗和7个测交穗。F1自交和测交后代表现型及比例如下表，请据表分析回答下列问题。 紫冠非 糯非甜 紫冠糯 非甜 糯甜 非紫冠非 非紫冠 合计 (粒 ) F1自交后代 1180 197 486 199 269 160 2491 F1测交后代 426 124 571 136 412 563 2232

127 (1)F1自交后代出现的新类型有_______种。 (2)以上三对相对性状符合基因分离定律的是_________________________________________________， 你的判断依据是 ____________________________________________________。 实验结果可在____________________(全部/部分)自交穗上观察到F2代性状分离现象。 4 紫冠与非紫冠，非糯质与糯质，非甜质与甜质 每对自交分离比是3∶1(或：每对测交分离比为1∶1)　 全部

128 (3)F1测交后代呈现1：1：1：1分离比的两对相对性状分别是___________________________________________________。 产生这种现象的实质是 __________________________________________________。 紫冠与非紫冠、非甜质与甜；非糯质与糯、非甜质与甜 减数分裂时，同源染色体分离，非同源染色体自由组合

129 (4)F1自交后代中紫冠甜的个体所占百分比____________________。 (5)由于玉米含赖氨酸较少，科学家采用了____________技术，将富含赖氨酸的蛋白质编码基因导入玉米体内，在玉米植株内成功表达的标志是______________________________。 3/16(19.5) 基因工程 合成富含赖氨酸的蛋白质多

130 谢谢