5.2 動量守恆 1 2 3 4 5 桌球 碰撞 爆發式分散 進度評估 3 能量守恆 進度評估 4 進度評估 5 動量守恆的例子 5.2 動量守恆 桌球 碰撞 爆發式分散 進度評估 3 能量守恆 進度評估 4 進度評估 5 動量守恆的例子 動量不守恆？ 進度評估 6 1 2 3 4 5

球手用白色球將粉紅色球撞進袋，白色球在碰撞後停下（定桿）。 桌球 球手用白色球將粉紅色球撞進袋，白色球在碰撞後停下（定桿）。 球手準備再將黑球撞進袋。 他可以用定桿將黑球撞進袋嗎？ 不可以。 為甚麼？ 錄像片段 5.3 桌球

1 碰撞 在碰撞中，兩條守恆定律分別關於 動量 動能 模擬程式 5.2 小車的非彈性碰撞 實驗 5b 小車碰撞實驗（碰撞後「黏」住）

2 開始記錄數據。 推動小車 A 一下，使它撞向靜止的小車B。 小車碰撞實驗（碰撞後「黏」住） 魔術貼 1 裝置實驗器材。 2 開始記錄數據。 推動小車 A 一下，使它撞向靜止的小車B。 A B 可補償摩擦作用的跑道

4 把小車 A 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 實驗 5b 小車碰撞實驗（碰撞後「黏」住） 3 留意所得的 v-t 線圖。 4 把小車 A 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 錄像片段 5.4 實驗 5b - 小車碰撞實驗（碰撞後「黏」住）

1 碰撞 實驗 5b 中小車 A 的 v-t 線圖：

1 碰撞 碰撞前的動能 > 碰撞後的動能 總動能不守恆 但總動量守恆 一般結果： 0.38 m s1 0.51 m s–1 1 碰撞 一般結果： 0.38 m s1 0.51 m s–1 總動能 = 0.14 J 總動量 = 0.76 kg m s–1 總動能 = 0.20 J 總動量 = 0.77 kg m s–1 碰撞前的動能 > 碰撞後的動能 總動能不守恆 但總動量守恆

1 碰撞 實驗 5c 小車碰撞實驗（硬碰）

2 開始記錄數據。推動小車 A 一下，使它撞向靜止的小車 B。 實驗 5c 小車碰撞實驗（硬碰） 1 裝置實驗器材。除去小車 A 上的魔術貼。 A 2 開始記錄數據。推動小車 A 一下，使它撞向靜止的小車 B。 B 可補償摩擦作用的跑道

4 把小車 B 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 實驗 5c 小車碰撞實驗（硬碰） 3 留意所得的 v-t 線圖。 4 把小車 B 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 錄像片段 5.5 實驗 5c - 小車碰撞實驗（硬碰）

1 碰撞 實驗 5c 中兩車的 v-t 線圖：

1 碰撞 碰撞前的動能 > 碰撞後的動能 總動能不守恆 但動能損失較碰撞後「黏」住時的情況小 總動量守恆 一般結果： 1 碰撞 0.21 m s–1 一般結果： 0.09 m s–1 0.67 m s–1 總動能 = 0.11 J 總動量 = 0.34 kg m s–1 總動能 = 0.04 J 總動量 = 0.36 kg m s–1 碰撞前的動能 > 碰撞後的動能 總動能不守恆 但動能損失較碰撞後「黏」住時的情況小 總動量守恆

1 碰撞 模擬程式 5.3 小車的彈性碰撞 實驗 5d 小車碰撞實驗（碰撞後彈開）

2 開始記錄數據。推動小車 A 一下，使它撞向靜止的小車 B，然後分開。 實驗 5d 柱塞 小車碰撞實驗（碰撞後彈開） 1 裝置實驗器材。鬆開壓縮彈簧柱塞。 2 開始記錄數據。推動小車 A 一下，使它撞向靜止的小車 B，然後分開。 A B

4 把小車 A 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 實驗 5d 小車碰撞實驗（碰撞後彈開） 3 留意所得的 v-t 線圖。 4 把小車 A 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 錄像片段 5.6 實驗 5d - 小車碰撞實驗（碰撞後彈開）

1 碰撞 實驗 5d 中兩車的 v-t 線圖： 靜止的小車 A 被推動 碰撞後的 vA 碰撞 小車 B 在碰撞前靜止 碰撞後的 vB

1 碰撞 碰撞前的動能 = 碰撞後的動能 在彈性碰撞中，總動能守恆 總動量亦守恆。 一般結果： 0.40 m s1 0.90 m s1 1 碰撞 0.90 m s1 0.40 m s1 一般結果： 0.70 m s1 總動能 = 0.32 J 總動量 = 1.05 kg m s–1 總動能 = 0.37 J 總動量 = 1.05 kg m s–1 碰撞前的動能 = 碰撞後的動能 在彈性碰撞中，總動能守恆 總動量亦守恆。

1 碰撞 在實驗 5b、5c 和 5d 中： 總動量都守恆。 總動能保持不變 彈性碰撞（實驗 5d） 總動能減少 非彈性碰撞（實驗 5b、5c） 物體碰撞後連在一起移動 完全非彈性碰撞（實驗 5b）

1 碰撞 小球 一個球落地後，反彈回原來的高度 h 碰撞時沒有能量損失 h 完全彈性碰撞

1 碰撞 濕毛巾 泥膠黏附地面（不反彈） 碰撞時，泥膠會 損失動能 （最大動能損失） 完全非彈性碰撞

2 爆發式分散 爆發式分散： 物體突然分散成幾個部分 模擬程式 5.4 小車彈開實驗 實驗 5e 小車彈開實驗

2 開始記錄數據。鬆開壓縮彈簧柱塞，兩輛小車會彼此彈開，並沿相反方向移動。 實驗 5e 彈簧柱塞 小車彈開實驗 1 裝置實驗器材。 把小車 A 和 B 連接起來。 A 小車 A 和 B 連接 在一起 B 2 開始記錄數據。鬆開壓縮彈簧柱塞，兩輛小車會彼此彈開，並沿相反方向移動。

4 把小車 A 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 實驗 5e 小車彈開實驗 3 留意所得的 v-t 線圖。 4 把小車 A 的質量增大至原來的兩倍和三倍，然後重複實驗。 錄像片段 5.7 實驗 5e – 小車彈開實驗

2 爆發式分散 實驗 5e 中兩車的 v-t 線圖： vA 爆發式分散 兩幅線圖顯示負值， 因為兩車都朝各自的運動感應器移動。 vB

2 爆發式分散 彈開前的動能 < 彈開後的動能 爆發式分散中，總動能並不守恆 總動量守恆。 一般結果： –0.22 m s–1 2 爆發式分散 –0.22 m s–1 一般結果： 0.68 m s–1 總動能 = 0 總動量 = 0 總動能 = 0.152 J 總動量 = 0.01 kg m s–1 彈開前的動能 < 彈開後的動能 爆發式分散中，總動能並不守恆 總動量守恆。

        2 爆發式分散 在不同種類的相互作用中，總動量守恆但總動能不一定守恆： 完全非彈性碰撞 非彈性碰撞 彈性碰撞 2 爆發式分散 在不同種類的相互作用中，總動量守恆但總動能不一定守恆： 總動量守恆？ 總動能守恆？ 完全非彈性碰撞 非彈性碰撞 彈性碰撞 爆發式分散         模擬程式 5.5 碰撞的探究

碰撞中，______（全部 / 部分 / 沒有）動能損失，因此這是 ________ 碰撞。 部分 非彈性 進度評估 3 – Q1 分辨以下是哪一種碰撞。 碰撞前的總動能 碰撞前 5 m s–1 4 m s–1 = (2  52 + 1  42) 1 2 球 B 球 A 2 kg 1 kg = 33 J 碰撞後 1 m s–1 4 m s–1 碰撞後的總動能 球 B 球 A 2 kg  (2  12 + 1  42) 1 2 = 1 kg = 9 J 碰撞中，______（全部 / 部分 / 沒有）動能損失，因此這是 ________ 碰撞。 部分 非彈性

碰撞中，______（全部 / 部分 / 沒有）動能損失， 沒有 進度評估 3 – Q1 碰撞前的總動能 碰撞前 2 m s–1 at rest 2 1 = (2  22 + 1  02) 2 kg 球 B 球 A 1 kg = 4 J 碰撞後 碰撞後的總動能 2/3 m s–1 8/3 m s–1  [2  ( )2 + 1  ( )2] 2 3 1 8 球 A 2 kg 1 kg 球 B = = 4 J 碰撞中，______（全部 / 部分 / 沒有）動能損失， 沒有 因此這是 ________ 碰撞。 彈性

3 動量守恆 總動量在以下情況下，都是守恆的： 實驗 5b：非彈性碰撞 實驗 5c、5d：彈性碰撞 實驗 5e：小車的爆發式分散 3 動量守恆 a 直線上的碰撞 總動量在以下情況下，都是守恆的： 實驗 5b：非彈性碰撞 實驗 5c、5d：彈性碰撞 實驗 5e：小車的爆發式分散 在所有情況下，總動量都是守恆的。

若沒有淨外力作用在系統上，系統的總動量守恆。 a 直線上的碰撞 動量守恆定律： 若沒有淨外力作用在系統上，系統的總動量守恆。 定律可用數學方程表示： mAuA + mBuB = mAvA + mBvB

動量守恆定律與牛頓運動第三定律有密切關係。 a 直線上的碰撞 動量守恆定律與牛頓運動第三定律有密切關係。 考慮兩個對正碰撞的物體： 碰撞發生 （在時距 t 內） 碰撞前 碰撞後 FAB（B 作用於 A 的力） FBA（A 作用於 B 的力）

FAB 和 FBA 是作用力 ─ 反作用力對。 FAB = –FBA 根據牛頓運動第三定律， 若沒有淨外力作用於兩個物體， mA(vA – uA) t = mB(vB – uB) mAuA + mBuB = mAvA + mBvB 動量守恆定律 例題 7 冰上曲棍球

若他們碰撞後「黏」在一起，碰撞後的速度 v = ？ 例題 7 冰上曲棍球 兩名冰上曲棍球球員發生碰撞。 A B 80 kg 60 kg 5 m s–1 3 m s–1 若他們碰撞後「黏」在一起，碰撞後的速度 v = ？

例題 7 取 A 的滑行方向為正。 來自冰面的摩擦力可忽略不計。 根據動量守恆定律， mAuA + mBuB = (mA + mB)  v 冰上曲棍球 取 A 的滑行方向為正。 來自冰面的摩擦力可忽略不計。 根據動量守恆定律， mAuA + mBuB = (mA + mB)  v (80 + 60)  v 80  5 + 60  (3) = v = 1.57 m s–1 兩個球員碰撞後的速度是 1.57 m s–1。 （向 A 碰撞前的方向）

a 直線上的碰撞 例題 8 溜冰

開始時，民生輕推珍珍，使她以 0.8 m s–1 遠離自己。 例題 8 溜冰 民生的質量 = 75 kg 珍珍的質量 = 55 kg 開始時，民生輕推珍珍，使她以 0.8 m s–1 遠離自己。 假設：摩擦力可忽略不計。 民生的速度 = ？

例題 8 根據動量守恆定律， 推開前的總動量 = 推開後的總動量 mM vM + mJ vJ 0 = vM = – 溜冰 根據動量守恆定律， 推開前的總動量 = 推開後的總動量 mM vM + mJ vJ 0 = 550.8 75 = – vM = −0.587 m s–1 民生的速度是 0.587 m s–1（向左）。

a 直線上的碰撞 例題 9 「定桿」

例題 9 「定桿」 桌球手可用「定桿」把粉紅色球撞進袋嗎？ （即白色球碰撞後立即停下。） 假設：彈性碰撞； 白色球和粉紅色球的大小和質量相同

例題 9 設：m = 球的質量 u = 白色球的初速度 根據動量守恆定律， mu + 0 = mvw + mvp u = vw + vp 「定桿」 設：m = 球的質量 u = 白色球的初速度 根據動量守恆定律， mu + 0 = mvw + mvp u = vw + vp ............... (1)

例題 9 彈性碰撞中的動能守恆， 1 mu 2 + 0 = mvw2 + mvp2 2 u 2 = vw2 + vp2 「定桿」 彈性碰撞中的動能守恆， mu 2 + 0 = mvw2 + mvp2 1 2 u 2 = vw2 + vp2 ........... (2) 將 (1) 代入 (2)， (vw + vp)2 = vw2 + vp2 vw2 + vp2 + 2vwvp = vw2 + vp2 2vwvp = 0 vw = 0 或 vp = 0

碰撞後，白色球停下，粉紅色球沿白色球原先的移動方向前進。 例題 9 「定桿」 情況 1： 如果 vw = 0，從 (1) 得出 vp = u 情況 2： 如果 vp = 0，從 (1) 得出 vw = u 只有情況 1 是合理的。 ∴ 球員可用「定桿」。 碰撞後，白色球停下，粉紅色球沿白色球原先的移動方向前進。

若沒有 __________ 力作用於碰撞物體，物體的總 __________ 是守恆的。 外 動量 進度評估 4 – Q1 若沒有 __________ 力作用於碰撞物體，物體的總 __________ 是守恆的。 外 動量 彈性碰撞中，物體的 _______ 能是守恆的，但在 ________ 碰撞中則不守恆。 動 非彈性

他們碰撞後若「黏」在一起，碰撞後的速度 = ？ 進度評估 4 – Q2 國健和志華溜冰時相撞。 他們碰撞後若「黏」在一起，碰撞後的速度 = ？

由於沒有 __________ 力作用於他們， 進度評估 4 – Q2 取向右為正。 設他們碰撞後的速度為 v。 外 由於沒有 __________ 力作用於他們， 根據 __________ 守恆定律， 動量 碰撞前的總動量 = 碰撞後的總動量 40  4 + 30  (−4) = (40 + 30)  v v = 0.57 m s–1

它行駛了 50 m 後，與一輛停泊在路上的貨車相撞，並嵌入貨車內，與貨車一起移動。 進度評估 4 – Q3 汽車以 1 m s–2 的勻加速度行駛。 它行駛了 50 m 後，與一輛停泊在路上的貨車相撞，並嵌入貨車內，與貨車一起移動。 汽車及貨車的質量分別是 1500 kg 及 2500 kg。

(a) 汽車在碰撞前一刻的速度 = ？ 根據 v 2 – u 2 = 2as， v 2 – 0 = 2  1  50 進度評估 4 – Q3 (a) 汽車在碰撞前一刻的速度 = ？ 根據 v 2 – u 2 = 2as， v 2 – 0 = 2  1  50 v = 10 m s–1

(b) 碰撞後兩車的速度 = ？ 碰撞前的總動量 = 碰撞後的總動量 mCuC + mLuL = (mC + mL)  v 進度評估 4 – Q3 (b) 碰撞後兩車的速度 = ？ 碰撞前的總動量 = 碰撞後的總動量 mCuC + mLuL = (mC + mL)  v 1500  10 + 0 = (1500 + 2500)  v v = 3.75 m s–1

日常生活中，斜向碰撞（平面上的碰撞）比較普遍。 3 動量守恆 b 平面上的碰撞 日常生活中，斜向碰撞（平面上的碰撞）比較普遍。 在解決有關斜碰的問題時， 可將碰撞物體的動量分解成兩個互相垂直的分量。 例題 10 保齡球與木瓶

例題 10 速率為 2 m s–1 的保齡球與木瓶以斜角碰撞。 碰撞後保齡球與木瓶的速率 = ？ 已知：碰撞為非彈性 球的質量 = 5 kg

mbub + mpup = mbvb cos 10 + mpvp cos 30 例題 10 保齡球與木瓶 把動量分解成兩個互相垂直的分量。 x 軸方向： 根據動量守恆定律， mbub + mpup = mbvb cos 10 + mpvp cos 30 5  2 + 0 = 5vb cos 10 + 1.5vp cos 30 10 = 5 cos 10vb + 1.5 cos 30vp ..... (1)

mbub + mpup = mbvb sin 10 – mpvp sin 30 例題 10 保齡球與木瓶 y 軸方向： 根據動量守恆定律， mbub + mpup = mbvb sin 10 – mpvp sin 30 0 + 0 = 5vb sin 10 – 1.5vp sin 30 5 sin 10vb = 1.5 sin 30vp vb = 1.5 sin 30 5 sin 10 vp .......... (2)

例題 10 將 (2) 代入 (1)， 1.5 sin 30 10 = 5 cos 10  vp + 1.5 cos 30vp 保齡球與木瓶 將 (2) 代入 (1)， 10 = 5 cos 10  vp + 1.5 cos 30vp 1.5 sin 30 5 sin 10 vp = 1.80 m s–1 將 vp = 1.80 m s–1 代入 (2)， vb =  1.80 1.5 sin 30 5 sin 10 = 1.55 m s–1

b 平面上的碰撞 例題 11 擊黑色球進袋

例題 11 擊黑色球進袋 桌球手可用「定桿」擊黑色球進袋嗎？ 假設：作用於球的摩擦力 = 0 球的大小與轉動可忽略不計。

mwuw cos 90 + mbub = mwvw – mbvb sin  例題 11 擊黑色球進袋 假設：白色球斜碰黑色球後停下。 y 軸方向： 根據動量守恆定律， mwuw cos 90 + mbub = mwvw – mbvb sin  0 + 0 = 0 – mbvb sin  mbvb sin  = 0

例題 11 但 mb  0 且 vb  0  sin  = 0   = 0 ∵  = 0 違反了斜碰的假定 擊黑色球進袋 但 mb  0 且 vb  0  sin  = 0   = 0 ∵  = 0 違反了斜碰的假定  白色球斜碰後不能停下。

P 和 Q 在同一時間撞向 R。 相撞後，三個球黏在一起。 P：3 m s–1 Q：4 m s–1 R：靜止 P 和 Q 在同一時間撞向 R。 相撞後，三個球黏在一起。 它們的速率 = ？ 5 3 7 3 A m s–1 B m s–1 C 5 m s–1 D 7 m s–1

m1u1cos 1 – m2u2cos 2 = –m1v1cos 1 + m2v2cos 2 進度評估 5 – Q2 列出動量守恆的方程： x 軸方向： m1u1cos 1 – m2u2cos 2 = –m1v1cos 1 + m2v2cos 2 y 軸方向： m1u1sin 1 + m2u2sin 2 = m1v1sin 1 + m2v2sin 2

4 動量守恆的例子 a 牛頓擺 牛頓擺： 由一排五顆緊靠的鋼珠組成 可用來演示動量守恆定律 模擬程式 5.6 牛頓擺 實驗 5f 牛頓擺

1 把牛頓擺最外端的一顆鋼珠往外拉起，然後放手讓它擺回。 實驗 5f 牛頓擺 1 把牛頓擺最外端的一顆鋼珠往外拉起，然後放手讓它擺回。 2 改為拉起兩顆、三顆、四顆鋼珠，重複實驗。總動量是否守恆？ 錄像片段 5.8 實驗 5f - 牛頓擺

把牛頓擺一端的 1 至 4 顆鋼珠分別往外拉起至某一高度，然後放手， a 牛頓擺 把牛頓擺一端的 1 至 4 顆鋼珠分別往外拉起至某一高度，然後放手， 碰撞後，相同數目的鋼珠，會在另一端上升至相同的高度   動量是守恆的

4 動量守恆的例子 由於動量守恆的緣故， 炮彈發射時，大炮會 反衝。 向前的動量 + 向後的動量 = 0 質量大的基座可減低大炮的反衝速度。 4 動量守恆的例子 b 大炮和手槍的反衝 由於動量守恆的緣故， 反衝速度 v 炮彈發射時，大炮會 反衝。 向前的動量 + 向後的動量 = 0 質量大的基座可減低大炮的反衝速度。

b 大炮和手槍的反衝 模擬程式 5.7 運動中增加質量 模擬程式 5.8 運動中移走質量 錄像片段 5.9 動量守恆

子彈發射時，手槍會反衝。 向前的動量 + 向後的動量 = 0 總動量 = 0  動量守恆 b 大炮和手槍的反衝 反衝速度 v 例題 12 氣槍的反衝速度

例題 12 氣槍的反衝速度 3.5 kg 發射前 3.5 kg 15 g 發射後 v = ? 171 m s–1 氣槍的反衝速度 v = ？

例題 12 正 v = ? 根據動量守恆定律， 發射前氣槍和子彈的總動量 發射後氣槍和子彈的總動量 = 0 = 氣槍的反衝速度 3.5 kg 正 15 g v = ? 171 m s1 根據動量守恆定律， 發射前氣槍和子彈的總動量 發射後氣槍和子彈的總動量 = 0 = 3.5vr + 0.015  171 vr = 0.733 m s–1（向左）

太空衣配備了艙外活動裝置（裝有推進器的背包），它會噴出氣態氮。 4 動量守恆的例子 c 太空漫步 太空衣配備了艙外活動裝置（裝有推進器的背包），它會噴出氣態氮。  太空人會向相反方向移動。 裝置的不同位置都設有推進器噴嘴，太空人只要控制噴嘴，就能向不同方向移動。

飛散的炸彈碎片在水平方向的總動量維持為零。 4 動量守恆的例子 d 炸彈 根據動量守恆定律， 炸彈爆炸時， 飛散的炸彈碎片在水平方向的總動量維持為零。

5 動量不守恆？ v 奔跑 靜止 質量 = m 質量 = m 動量 = 0 動量 = mv 我們和地球的總動量並不守恆！ 為甚麼？

5 動量不守恆？ 原因是地球的質量非常龐大。 m = 6  1024 kg 所以它的運動不易察覺。

一個球撞向一面固定在地面的牆壁時，球會反彈，而且動量出現改變。 5 動量不守恆？ 一個球撞向一面固定在地面的牆壁時，球會反彈，而且動量出現改變。 ∵ 地球的質量太大。  我們察覺不到牆壁和地球在移動 例題 13 高台跳水

60 kg 的跳水選手，跳起至平台上 0.5 m 的位置，然後落入水中。 例題 13 高台跳水 60 kg 的跳水選手，跳起至平台上 0.5 m 的位置，然後落入水中。 跳水台有 25 級梯， 每級梯的高度 = 0.18 m

(a) 跳水選手從最高點到達水面所損失的勢能 = ？ 例題 13 高台跳水 (a) 跳水選手從最高點到達水面所損失的勢能 = ？ 跳水選手所損失的勢能 = mgh = 60  10  (25  0.18 + 0.5) = 3000 J

例題 13 (b) 他入水 1 s 後才停下來。 (i) 他在水中所受的衝量 = ？ 取向下為正。 u：跳水選手剛接觸水面時的速度 高台跳水 (b) 他入水 1 s 後才停下來。 (i) 他在水中所受的衝量 = ？ 取向下為正。 u：跳水選手剛接觸水面時的速度 選手獲得的動能 = 選手失去的勢能  60  u 2 = 3000 1 2 u = 10 m s–1

例題 13 (b) (i) 衝量 = mv – mu = 60  (0 – 10) = –600 N s 高台跳水 (b) (i) 衝量 = mv – mu = 60  (0 – 10) = –600 N s (ii) 他在水中時所受的平均淨力 = ？ mv – mu t = –600 1 = F = –600 N（向上）

(b) (iii) 他在水中時所受的平均流體摩擦力 = ？ 例題 13 高台跳水 (b) (iii) 他在水中時所受的平均流體摩擦力 = ？ 平均淨力 = mg – f –600 = 60  10 – f f = 1200 N 平均流體摩擦力是 1200 N（向上）。

例題 13 以上見解是錯誤的。 (c) 「自由下落時，跳水選手的動量並不守恆，因此，動量守恆定律是錯誤的。」 評論以上見解。 高台跳水 (c) 「自由下落時，跳水選手的動量並不守恆，因此，動量守恆定律是錯誤的。」 評論以上見解。 以上見解是錯誤的。 若只考慮跳水選手，則重量是作用於他的外力。  根據動量守恆定律，動量的確不守恆。

例題 13 高台跳水 (c) 然而， 若把跳水選手與地球一併考慮， 跳水選手下落時， 地球會朝他上升（但極其緩慢）  總動量守恆。

一本書從高處墜下。 為甚麼書本的動量不守恆？ 進度評估 6 – Q1 一本書從高處墜下。 為甚麼書本的動量不守恆？ 重 因為 __________ 力（即重量）作用於書本，令書本向下加速及改變動量。

把牛頓擺中最外端的兩顆鋼珠拉到 A 處，然後放手。下列哪項是正確的？ 進度評估 6 – Q2 把牛頓擺中最外端的兩顆鋼珠拉到 A 處，然後放手。下列哪項是正確的？ A B 處的一顆鋼珠升至 2h 的高度。 B B 處的兩顆鋼珠升至 h 的高度。 C A 處的一顆鋼珠升至 2h 的高度。 D A 處的兩顆鋼珠升至　 的高度。 h 2

完